一直角三角形的一条直角边长是7,另一条直角边与斜边长的和是49,则斜边的长( )
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答案解析
分析:
设另一直角边是x,斜边为(49-x),根据勾股定理可求出解.
解答:
解:设另一直角边是x,
x+7_=(49-x)_
x=24,
49-24=25.
故斜边长是25.
故选D.
点评:
本题考勾股定理的应用,关键是设出另一个直角边为x,根据勾股定理可求出解.
一直角三角形的一条直角边长是7,另一条直角边与斜边长的和是49,则斜边的长( )
分析:
设另一直角边是x,斜边为(49-x),根据勾股定理可求出解.
解答:
解:设另一直角边是x,
x+7_=(49-x)_
x=24,
49-24=25.
故斜边长是25.
故选D.
点评:
本题考勾股定理的应用,关键是设出另一个直角边为x,根据勾股定理可求出解.
在Rt△ABC中,∠C=90°,AB=15,AC:BC=3:4,则这个直角三角形的面积是( )
分析:
设AC=3x,则BC=4x,然后根据勾股定理得到AC_+BC_=AB_,求出x_的值,继而根据三角形的面积公式求出答案.
解答:
解:设AC=3x,则BC=4x,
根据勾股定理有AC_+BC_=AB_,
即(3x)_+(4x)_=15_,得:x_=9,
则△ABC的面积=×3x×4x=6x_=54.
故选:C.
如图所示,四边形OABC为正方形,边长为6,点A,C分别在x轴,y轴的正半轴上,点D在OA上,且D的坐标为(2,0),P是OB上的一动点,试求PD+PA和的最小值是( )
分析:
要求PD+PA和的最小值,PD,PA不能直接求,可考虑通过作辅助线转化PD,PA的值,从而找出其最小值求解.
解答:
解:连接CD,交OB于P.则CD就是PD+PA和的最小值.
∵在直角△OCD中,∠COD=90°,OD=2,OC=6,
∴CD=$\sqrt {}$=2$\sqrt {10}$,
∴PD+PA=PD+PC=CD=2$\sqrt {10}$.
∴PD+PA和的最小值是2$\sqrt {10}$.
故选A.
点评:
考查正方形的性质和轴对称及勾股定理等知识的综合应用.
如图所示,一个圆柱高为8cm,底面圆的半径为5cm,则从圆柱左下角A点出发.沿圆柱体表面到右上角B点的最短路程为( )
分析:
沿过A的圆柱的高AD剪开,展开得出平面,连接AB,根据勾股定理求出AB的长即可.
解答:
解:沿过A的圆柱的高AD剪开,展开得出平面,如图
连接AB,则AB的长就是从圆柱左下角A点出发.沿圆柱体表面到右上角B点的最短路程,
由题意知:∠BCA=90°,AC=$\frac {1}{2}$×2×5cm×π=5πcm,BC=8cm,
由勾股定理得:AB=$\sqrt {}$=$\sqrt {}$(cm).
故选B.
点评:
本题考查了平面展开-最短路线问题,解此题的关键是知道求出哪一条线段的长,题目比较好,但是一道比较容易出错的题目.
如图,在底面周长为12,高为8的圆柱体上有A、B两点,则A、B两点的最短距离为( )
分析:
要求A、B两点间的最短距离,必须展开到一个平面内.只需展开圆柱的半个侧面,然后利用两点之间线段最短解答.
解答:
解:展开圆柱的半个侧面,得到一个矩形:矩形的长是圆柱底面周长的一半是6,矩形的宽是圆柱的高是8.再根据勾股定理求得矩形的对角线是10.
即A、B两点间的最短距离是10.
故选C.
点评:
要求不在同一个平面内的两点间的最短距离,必须把它们展开到一个平面内再进行计算.
如图Rt△ABC中,AB=BC=4,D为BC的中点,在AC边上存在一点E,连接ED,EB,则△BDE周长的最小值为( )
分析:
要求△BDE周长的最小值,就要求DE+BE的最小值.根据勾股定理即可得.
解答:
解:过点B作BO⊥AC于O,延长BO到B′,使OB′=OB,连接DB′,交AC于E,
此时DB′=DE+EB′=DE+BE的值最小.
连接CB′,易证CB′⊥BC,
根据勾股定理可得DB′=$\sqrt {}$=2$\sqrt {5}$,
则△BDE周长的最小值为2$\sqrt {5}$+2.
故选C.
点评:
此题考查了线路最短的问题,确定动点E何位置时,使DE+BE的值最小是关键.
如图,在锐角△ABC中,AB=6,∠BAC=60°,∠BAC的平分线交BC于点D,M、N分别是AD和AB上的动点,则BM+MN的最小值是( )
分析:
在AC上取一点E,使得AE=AB,过E作EN⊥AB于N,交AD于M,连接BM,BE,BE交AD于O,根据两点之间线段最短和垂线段最短得出此时BM+MN最小,求出E和B关于AD对称,求出BM+MN′=EN′,求出EN′,即可求出答案.
解答:
解:在AC上取一点E,使得AE=AB,过E作EN⊥AB于N′,交AD于M,连接BM,BE,BE交AD于O,则BM+MN最小(根据两点之间线段最短;点到直线垂直距离最短),
∵AD平分∠CAB,AE=AB,
∴EO=OB,AD⊥BE,
∴AD是BE的垂直平分线(三线合一),
∴E和B关于直线AD对称,
∴EM=BM,
即BM+MN′=EM+MN′=EN′,
∵EN′⊥AB,
∴∠ENA=90°,
∵∠CAB=60°,
∴∠AEN′=30°,
∵AE=AB=6,
∴AN=$\frac {1}{2}$AE=3,
在△AEN中,由勾股定理得:EN=$\sqrt {}$=$\sqrt {}$=3$\sqrt {3}$,即BM+MN的最小值是3$\sqrt {3}$.
故选B.
点评:
本题考查的是轴对称-最短路线问题,涉及到垂线的性质,勾股定理,含30度角的直角三角形性质,轴对称的性质,等腰三角形的性质等知识点的综合运用.
如图,在锐角△ABC中,∠BAC=45°,AB=2,∠BAC的平分线交BC于点D,M、N分别是AD和AB上的动点,则BM+MN的最小值是( )
分析:
作BH⊥AC,垂足为H,交AD于M′点,过M′点作M′N′⊥AB,垂足为N′,则BM′+M′N′为所求的最小值,再根据AD是∠BAC的平分线可知M′H=M′N′,再由锐角三角函数的定义即可得出结论.
解答:
解:如图,作BH⊥AC,垂足为H,交AD于M′点,过M′点作M′N′⊥AB,垂足为N′,则BM′+M′N′为所求的最小值.
∵AD是∠BAC的平分线,
∴M′H=M′N′,
∴BH是点B到直线AC的最短距离(垂线段最短),
∵AB=4,∠BAC=45°,
∴BH=AB•sin45°=2×$\frac {$\sqrt {2}$}{2}$=$\sqrt {2}$.
∵BM+MN的最小值是BM′+M′N′=BM′+M′H=BH=$\sqrt {2}$.
故选C.
点评:
本题考查的是轴对称-最短路线问题,解答此类问题时要从已知条件结合图形认真思考,通过角平分线性质,垂线段最短,确定线段和的最小值.
如图,在锐角△ABC中,AB=6,∠BAC=45°,∠BAC的平分线交BC于点D,M,N分别是AD和AB上的动点,则BM+MN的最小值是( )
分析:
作BH⊥AC,垂足为H,交AD于M′点,过M′点作M′N′⊥AB,垂足为N′,则BM′+M′N′为所求的最小值,再根据AD是∠BAC的平分线可知M′H=M′N′,再由锐角三角函数的定义即可得出结论.
解答:
解:如图,作BH⊥AC,垂足为H,交AD于M′点,过M′点作M′N′⊥AB,垂足为N′,则BM′+M′N′为所求的最小值.
∵AD是∠BAC的平分线,
∴M′H=M′N′,
∴BH是点B到直线AC的最短距离(垂线段最短),
∵AB=6,∠BAC=45°,
∴BH=AB•sin45°=6×$\frac {$\sqrt {2}$}{2}$=3$\sqrt {2}$.
∵BM+MN的最小值是BM′+M′N′=BM′+M′H=BH=3$\sqrt {2}$.
故选C.
点评:
本题考查的是轴对称-最短路线问题,解答此类问题时要从已知条件结合图形认真思考,通过角平分线性质,垂线段最短,确定线段和的最小值.
如图,在底面半径为2,(π取3)高为8的圆柱体上有只小虫子在A点,它想爬到B点,则爬行的最短路程是( )
分析:
A、B之间的最短路程为两直角边分别为圆柱的高,底面周长的一半的直角三角形的斜边长.
解答:
解:底面周长的一半为:2π≈6,
∴高等于8,
∴最短路程为:$\sqrt {}$=10,
故选:A.
点评:
此题主要考查了最短路径问题;立体几何中的最短路径问题,通常整理为平面几何中两点之间距离问题.
如图,已知等边△ABC的边长为6,点D为AC的中点,点E为BC的中点,点P为BD上一点,则PE+PC的最小值为( )
分析:
由题意可知点A、点C关于BD对称,连接AE交BD于点P,由对称的性质可得,PA=PC,故PE+PC=AE,由两点之间线段最短可知,AE即为PE+PC的最小值.
解答:
解:∵△ABC是等边三角形,点D为AC的中点,点E为BC的中点,
∴BD⊥AC,EC=3,
连接AE,线段AE的长即为PE+PC最小值,
∵点E是边BC的中点,
∴AE⊥BC,
∴AE=$\sqrt {}$=$\sqrt {}$=3$\sqrt {3}$,
∴PE+PC的最小值是3$\sqrt {3}$.
故选D.
点评:
本题考查的是轴对称-最短路线问题,熟知等边三角形的性质是解答此题的关键.