分析：

分析汽车匀速上坡时，动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素进行分析．

(1)动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．

(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．

(3)机械能等于动能+势能．

解答：

解：汽车匀速上坡时，质量不变，速度不变，动能不变；高度增大，重力势能增大．由于机械能等于动能+势能，故机械能增加．

故选：BC．

点评：

掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化是解答此类题的关键．

分析：

物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒．

知道除了重力之外的力做功量度机械能的变化．

解答：

解：A、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球除了重力之外还有摩擦力做功，所以小球的机械能不守恒，故A正确．

B、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球在竖直方向上有位移产生，所以重力做功，故B错误．

C、绳的张力始终与小球的速度方向垂直，所以绳的张力对小球不做功，故C正确．

D、根据除了重力之外的力做功量度机械能的变化，在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球的机械能的减少，故D错误．

故选AC．

点评：

本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，同时能判断各个力做功情况．

分析：

A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，比较出初始位置的机械能即可知道在最低点的机械能大小．

根据动能定理mgL=$\frac {1}{2}$mv_，可比较出A、B两球的速度大小．

根据动能定理或机械能守恒求出在最低点的速度，然后根据F-mg=m$\frac {v}{L}$，得出拉力的大小，从而可以比较出两球摆线的拉力．

解答：

解：A、根据动能定理mgL=$\frac {1}{2}$mv_，解得：v=$\sqrt {2gL}$，所以A球的速度大于B球的速度，故A正确．

B、在最低点，根据牛顿第二定律得：

F-mg=m$\frac {v}{L}$，得F=mg+m$\frac {v}{L}$=3mg，与绳的长度无关．所以两绳拉力大小相等．故B错误．

C、向心加速度a=$\frac {v}{L}$=2g，加速度相等，故C错误；

D、A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，初始位置的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等．故D正确．

故选AD．

点评：

解决本题的关键掌握动能定理和机械能守恒定律，知道摆球在最低点靠合力提供做圆周运动的向心力．

分析：

小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C动能最大．

解答：

解：A、B、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大，故A错误，B正确；

C、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和．故C错误．

D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→D位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D正确．

故选BD．

点评：

本题关键是要明确能量的转化情况，同时要知道在平衡位置动能最大．

分析：

对物体受力分析，并找出各力做功情况，由动能定理可得出的拉力做功与能量间关系．

解答：

解：物体向上加速，则说明物体的牵引力大于重力，物体的速度增加，动能增加，则由动能定理可知，W-mgh=△E_k；

W=mgh+△E_k；则说明拉力的功大于动能的增加量； 故B错误，D正确；

因重力做功等于重力势能的改变量，动能和势能统称为机械能，故说明拉力的功等于重物增加的机械能；

故A正确，C错误；

故选AD．

点评：

本题应明确做功与能量转化间的关系，并掌握动能和势能统称为机械能．

分析：

木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度．根据牛顿第二定律分析碗对木块的支持力的变化，分析摩擦力的变化．

解答：

解：A、木块在下滑过程中做匀速圆周运动，加速度一定不为零，故合力不为零，故A错误；

B、在下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，故B错误；

C、由动能定理可知，合外力做功为零，故C正确；

D、在整个过程中要克服摩擦力做功，故机械能减小，故D正确；

故选：CD

点评：

匀速圆周运动是变加速曲线运动，速度、加速度都时刻在变化．基础题

分析：

无论A怎样运动，B刚要离地时弹簧弹力等于B的重力，所以弹簧的伸长量相同，根据胡克定律即可求解上升的位移，缓慢运动，不计动能，拉力做功转化为A的重力势能和弹性势能，加速运动，拉力做功转化为A的重力势能、弹性势能和A的动能，且加速上升时时间较短．

解答：

解：A、B、无论A怎样运动，B刚要离地时弹簧弹力等于B的重力．由于AB的质量相等，所以弹簧的变化量相等，所以弹性势能的变化量相同．故A正确，B错误；

C、D、用力F缓慢向上提A，直到B恰好离开地面的过程中A的重力势能增大，所以系统的机械能增大，△E＞0．故C正确，D错误．

故选：AC

点评：

本题是含有弹簧的平衡问题，关键是分析两个状态弹簧的状态和弹力，再由几何关系研究A上升距离与弹簧形变量的关系．

分析：

根据万有引力提供向心力，推导出来周期、线速度，角速度的表达式，进而比较两个卫星的这三个量关系．卫星发射得越高，克服地球引力做功就越多，获得的机械能就越大．

解答：

解：他、由万有引力提供向心力：G$\frac {Mm}{r}$=m$\frac {4π}{T}$r，解得：T=6π$\sqrt {}$，可知半径大的周期大，故M的周期大，故他错误．

B、由万有引力提供向心力：G$\frac {Mm}{r}$=m$\frac {v}{r}$，解得：v=$\sqrt {}$，可知半径大的线速度小，故M的线速度小，故B正确．

C、由万有引力提供向心力：G$\frac {Mm}{r}$=mω_r，解得：ω=$\sqrt {}$，可知半径大的角速度小，故M的角速度小，故C错误．

D、卫星发射得越高，克服地球引力做功就越多，获得的机械能就越大，故M的机械能较大，故D正确．

故选：BD．

点评：

本题就是对万有引力充当向心力的一个公式的综合应用，锻炼公式应用的熟练程度，另有一个简单方法就是，除了周期T随半径增大外，v、ω、a都是随半径增大而减小．

分析：

从万有引力提供圆周运动向心力处理轨道半径变化引起的描述圆周运动物理量的变化，从能量角度分析卫星能量的变化．

解答：

解：卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力：G$\frac {mM}{r}$=m$\frac {v}{r}$=mr($\frac {2π}{T}$)_=ma知：

A、万有引力与距离的二次方成反比，半径减小则万有引力增大，线速度v=$\sqrt {}$知，半径减小，线速度增大，故A错误；

B、a=$\frac {GM}{r}$，知r减小a增大，T=$\sqrt {}$，r减小T减小，故B正确；

C、卫星运行的线速度v=$\sqrt {}$知半径减小，线速度v增大，故动能增大，故C错误；

D、卫星运行的线速度v=$\sqrt {}$知半径减小，线速度v增大，故动能增大，卫星轨道高度降低则其重力势能减小，在轨道减小的过程中由于阻力的存在，卫星要克服阻力做功功，机械能减小，故D正确．

故选：BD

点评：

万有引力提供圆周运动向心力并由此分析描述圆周运动物理量与半径间的关系，知道卫星轨道半径减小是由于克服稀薄空气阻力做功引起的．

分析：

通过在力的方向上有无位移判断力是否做功．人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．根据恒力做功公式可以求得在时间t内人对传送带做功消耗的能量，功率P=Fv．

解答：

解：A、重物没有位移，所以人对重物没有做功，功率为0，故A错误；

B、根据人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡，传送带对人的摩擦力方向向右，拉力等于物体的重力G，所以人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向左，故B正确．

C、在时间t内人对传送带做功消耗的能量等于人对传送带做的功，人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于G．根据W=Fvt，所以人对传送带做功的功为Gvt．故C正确．

D、根据恒力做功功率P=Fv得：若增大传送带的速度，人对传送带做功的功率增大，故D错误．

故选BC

点评：

本题主要考查了恒力做功与功率的表达式，要求同学们能根据运动情况正确分析受力情况，难度不大，属于基础题．