(多选)关于重力做功和物体的重力势能，下列说法正确的是（ ）
分析：
重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加．重力势能的大小与零势能的选取有关，但重力势能的变化与零势能的选取无关．
解答：
解：A、当重力对物体做正功时，说明物体下降，故重力势能减小，故A正确；B、物体克服重力做功，说明重力做负功，物体上升，故重力势能增大，故B正确；C、重力势能的大小与零势能的选取有关，故地球上的物体其位置确定，但零势能面不确定的话，则其重力势能就不确定，故C错误；D、重力做功与初末位置的高度差有关，与零势能的选取无关，故D正确；故选：ABD．
点评：
解决本题的关键知道重力势能的大小与零势能的选取有关，但重力势能的变化与零势能的选取无关．以及知道重力做功和重力势能变化的关系，重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加．
如图所示，N、M、B分别为半径等于0.1 m的竖直光滑圆轨道的左端点、最低点和右端点，B点和圆心O等高，连线NO与竖直方向的夹角为37°。现从B点的正上方某处A点由静止释放一个质量为0.1 kg的小球，进入圆轨道后，从N点飞出时的速度大小为2 m/s。不计空气阻力，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是( )
设AB的竖直高度为h，由A到N由动能定理得：mg(h＋Rcos 37°)＝$\frac{1}{2} m v_{N}^{2}$－0，得h＝0.12 m，故A正确；由A到B由动能定理得$m g h=\frac{1}{2} m v_{B}^{2}-0,N_{B}=\frac{m v_{B}^{2}}{R}$，得NB＝2.4 N，由牛顿第三定律知小球在B点对轨道压力大小为2.4 N，故B正确；由A到M由动能定理得：mg(h＋R)＝$\frac{1}{2}m v_{M}^{2}－0$，NM－mg＝$\frac{m v_{M}^{2}}{R}$，得NM＝5.4 N，由牛顿第三定律知小球在M点对轨道压力大小为5.4 N，故C错误；重力的瞬时功率P＝mgvcosθ，A点因v＝0，则PA＝0，M点因θ＝90°，则PM＝0，故从A点到M点，重力的功率先变大后变小，故D错误。
(多选)下列关于机械能是否守恒的叙述正确的是（ ）
分析：
根据机械能守恒的条件分析答题，只有重力或只有弹力做功，机械能守恒．
解答：
解：A、做匀速直线运动的物体，机械能不一定守恒，如在空中匀速下降的雨滴动能不变，重力势能减小，机械能不守恒，故A错误；B、做匀变速直线运动的物体，机械能可能守恒，如在竖直方向做自由落体运动的物体，只有重力做功；故机械能守恒；故B正确；C、合外力对物体做功为零时，机械能不一定守恒；如竖直方向做匀速直线运动时，机械能不守恒；故C错误；D、若只有重力对物体做功，则系统机械能一定守恒；故D正确；故选：BD．
点评：
本题考查了判断机械能守恒的条件，明确判断机械能守恒的方法一是根据只有重力做功判断；二是系统的机械能保持不变．
(多选)自由下落的小球，正好落在下端固定于地板上的竖直放置的弹簧上，后来又被弹起(不计空气阻力)，下列判断中正确的是( )
分析：
小球下降过程中，重力和弹簧的弹力做功，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，对于单个物体，只有重力做功时，机械能才守恒．
解答：
解：选取小球为研究对象，由于弹簧的弹力对小球做负功，则小球的机械能不守恒，在减少；选取小球，地球和弹簧组成的物体系统，由于只有重力和弹簧的弹力做功，则该系统的机械能守恒；选取小球和地球组成的系统为研究对象，由于弹簧的弹性势能在增加，所以该系统的机械能在减小，不守恒．所以机械能是否守恒与选取哪一个物体系统为研究对象有关，选取的研究对象不同，得到的结论往往是不同的．故AC正确，BD错误．故选：AC
点评：
本题考查对机械能守恒定律研究的对象和成立条件的理解，要明确在含有弹簧的系统中，只有重力和弹簧的弹力做功时机械能守恒；但对于单个物体，只有重力做功时机械能才守恒．
(多选)关于涡流，下列说法中正确的是（ ）
分析：
线圈中的电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量，闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力．
解答：
解：A、高频感应炉是用涡流来熔化金属对其进行冶炼的，炉内放入被冶炼的金属，线圈内通入高频交变电流，这时被冶炼的金属中产生涡流就能被熔化．故A正确；B、电磁炉利用高频电流在电磁炉内部线圈中产生磁场，当含铁质锅具放置炉面时，铁磁性锅体被磁化，锅具即切割交变磁感线而在锅具底部产生交变的涡流，恒定磁场不会产生涡流，故B错误；C、闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力，因此在运输时，表头接线柱有导线相连．故C正确；D、在整块导体内部发生电磁感应而产生感应电流的现象称为涡流现象，要损耗能量，不用整块的硅钢铁芯，其目的是为了减小涡流，故D正确．故选：ACD．
点评：
掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等，及理解电磁阻尼的道理．注意电磁炉是利用电流的热效应和磁效应的完美结合体，它的锅具必须含磁性材料，最常见的是不锈钢锅．
(多选)航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的．电磁驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点的金属环被弹射出去．现在固定线圈左侧放置一导线制成的闭合环，合上开关S的瞬间( )
分析：
由右手螺旋定则可求得线圈中的磁场方向，再由楞次定律明确电流方向及环的受力方向．
解答：
解：A、线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧看为顺时针；故A正确，B错误；C、若环放在线圈右方，根据“来拒去留”可得，环将向右运动；故C正确；D、电池正负极调换后，金属环受力向左，故仍将向左弹出；故D错误；故选：AC．
点评：
本题要掌握楞次定律的两种描述，一是“增反减同”；二是“来拒去留”；并能灵活根据它们去判断电流方向及受力方向．
如图甲、乙电路中，电阻$R$和自感线圈$L$的电阻都很小．接通$\text{S}$，使电路达到稳定，电灯$D$发光，则（ ）
A选项，B选项：在电路甲中，断开$\text{S}$，由于线圈阻碍电流变小，导致$D$将逐渐变暗，故A正确，B错误；
C选项，D选项：在电路乙中，由于电阻$R$和自感线圈$L$的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开$\text{S}$时，由于线圈阻碍电流变小，且线圈电流必须流过灯泡，导致$D$将变得更亮，然后逐渐变暗，故C错误，D正确．
故选AD．
(多选)下列说法正确的是（ ）
分析：
电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．电场力做功跟移动电荷的路径无关．
解答：
解：A、两点间的电势差等于电势之差，由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关，故A错误．而电势是相对的，与零电势点的选取有关，故A错误．B、电势差是标量，正负表示大小，故B正确．C、电场力做功跟移动电荷的路径无关，由公式W=qU知电势差也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关．故C正确．D、A、B两点的电势差是恒定的，但有顺序之分，UAB=-UBA．故D错误．故选：BC
点评：
对于电势和电势差，可以运用类比的方法理解，电势类似于高度，具有相对性，而电势差类似于高度差，具有绝对性．
(多选)关于静电场，下列说法中正确的是（ ）
分析：
静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，沿电场线电势一定降低．E=$\frac {F}{q}$是电场强度定义公式．带电平行金属板间的场强E=$\frac {U}{d}$．公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．根据电势能E_p=qφ去判断电势能变化．
解答：
解：A、在电场强度为零的区域电势不一定为零，故A错误．B、根据电场强度定义公式E=$\frac {F}{q}$，可知某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小，故B正确．C、公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．所以在匀强电场中两点间沿着电场方向的距离越大，电势差就越大，故C错误．D、根据电势能E_p=qφ，负电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定增加，故D正确．故选BD．
点评：
本题关键抓住电场强度与电势的概念，同时要注意电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零．知道不同电场求解电场强度用不同的公式．
三个阻值都为12 Ω的电阻，它们任意连接、组合，总电阻可能为( )
若三个电阻并联，R总＝$\frac{R}{3}$＝4 Ω，选项1-正确；若三个电阻串联，R总＝3R＝36 Ω，选项4-正确；若两个电阻并联后和第三个电阻串联．R总＝R＋$\frac{R}{2}$＝12 Ω＋6 Ω＝18 Ω，选项3-正确；若两个电阻串联后和第三个电阻并联，R总＝$\frac{12\times24}{12+24}$ Ω＝8 Ω，选项2-错误
下列说法中正确的是（ ）